php无法打开mysql数据库

其实错误信息已经提示了错误的原因：

发展壮大离不开广大客户长期以来的信赖与支持，我们将始终秉承“诚信为本、服务至上”的服务理念，坚持“二合一”的优良服务模式，真诚服务每家企业，认真做好每个细节，不断完善自我，成就企业，实现共赢。行业涉及成都纸箱等，在网站建设公司、营销型网站建设、WAP手机网站、VI设计、软件开发等项目上具有丰富的设计经验。

Warning: mysqli_select_db() expects parameter 1 to be mysqli, string given

警告：mysqli_select_db()的第1个参数应该是mysqli，而你给的是字符串

Warning: mysql_error() expects parameter 1 to be resource, object given in

警告：mysql_error()的第1个参数应该是个资源句柄，而你给的是个对象

据我的判断，可能你没有注意到这两个函数的正确用法，以下是这两个参数的原型：

bool mysqli_select_db ( mysqli $link , string $dbname )

string mysql_error ([ resource $link_identifier = NULL ] )

据此，建议代码修改如下：

$db_selected=mysqli_select_db($link，"homework")

至于“警告：mysql_error()的第1个参数应该是个资源句柄，而你给的是个对象”，这个错误的原因，据我的判断，你还需要检查下 $link 是不是正确连接到mysql了。

php得不到数据库信息

你的构造函数写错了，__consctruct ，应该是__construct ，多了个c。

还有你的44行的mysql_query()执行sql语句的函数参数位置写反了，第一个参数是$sql（sql语句），第二个是数据库链接。

php读取数据库数据怎么显示不出来？？？

因为你使用的是mysql_fetch_array的方法

输出的话必须使用

echo

$Record['字段名'];

比如有一个name字段就是用

echo

$Record[''name];

如果要使用

echo

$Record[0]的形式

应该使用mysql_fetch_rows()

php读不出数据库内容

错误信息的意思是：mysql_fetch_array() 的第一个参数必须是一个资源，但是你传入了一个布尔值。这说明你的mysql_query()执行失败。

推荐你传入mysql_query()的第二个参数：

?php

// $con 表示mysql连接资源

mysql_query("SELECT * FROM language_base", $con);

然后再看看错误信息是什么。

也可以查看一下$con的类型

?php

var_dump($con);

注意你连接mysql没有提供密码，服务器设置运行这么做吗？

在函数前加@符号相当于在执行函数时临时禁用错误报告，即error_reporting(0)。在函数执行结束后自动恢复。一般情况下不推荐使用此函数，因为它会禁用错误日志。

本文题目：php打不出数据库信息 php打不出数据库信息的原因
URL网址：http://myzitong.com/article/ddcjdhs.html